快乐考生 2024届双考信息卷·第四辑 一轮收官摸底卷(二)2理科综合答案
2理科综合答案)
(3)<(1分)<(1分)解得功1欢=1：巨，()登照州有可。容点0宠有【解析)一节干电池的电动势约8-=15，为方便实意染作，滑动变园器应进由Bew=m月(2分)可得B1·B2=:2=1:2(2分)R,它的阻值范围是0一10A,电路中是小电流约为一是-05A通过干电(3)在磁场I中的运动周期为T=2延(1分)的电流最大一般不超过Q5A,电流表A的量程是9A,被酒电流慎与电表昌积1相比装距大大，因此不能用电洗装汽表选悬开电盆阅并联扩容滑动变盟由几何关系可得，电子在磁场I中运动的圆心角为一选用R1.采用外接法(2)由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的20倍，因像的纵裁距6等在磁场I中的运动时间为=号(2分)于电源的电动势，由图读出电源的电动为：E一1,48V下心订解得迟同理可得4-受高4-受(2分)图线的斜率大小=由数学知识知k-智-0好4eU(3)由于电压表的分流作用，使电流表示数偏小，因此电动势和内阻的测量值均小则电源的内阻为：r=k=0.842所以在磁场中的运动总时为t。=1十十=(6十3E士2B)迟，严(2分)24于真实值，1申用3.【答案1①ADE(2)D-3g号T24.【答案】1)2。(2)号m【解析】1)对A、C在碰撞过程中，选择向左为正方向，由动量守恒可知：m0三（m【解析们根据图像可知，A到B过程中气体温度升高，内能增大，同时气体对外(3分)做功，根据热力学第一定律可知，气体一定吸热，故A项正确：根据气体做功公式+m)v(2分)WX可知，图像与横辅所围成的面积代表做功的数值，故A到B过程气体对过(2)在A离开墙壁时，弹簧处于原长，B,C以速度)向右运动，当A、B、C获得相同代入数据解得：功=20外做功等于C到D过程外界对气体做功，故B项错误：C到D过程内能减小，外界速度时，弹簧的弹性势能最大，选择向右为正方向，由动量守恒，得：(mB十mc)u(2分)对气体做功根据热力学第一定律可知，气体放热，故C项错误：根据兴一C,可y(mA+mB十mc)v知，A状态温度高于D状态，所以A状态气体分子均动能大于D状态气体分子吕代人数据解得，。子·:如=首可公大小向(2分)均动能，故D项正确，整个循环过程中，气体对外做功，从状态A回到状态A,温立度相同则内能不变，根据热力学第一定律可知气体必从外界吸收热量，E项正确、由系统机械能守恒得：弹簧的最大弹性势能：(2)()假设初始时杆的弹力为支持力大小为F,气体压强为-F,↑2pSE-(ms+mc(+me)v(3分),甲乙受力分析如图所示pS2pS25【塔案1i西21：，万36+3士28亮根据受力衡可得eR24mg+poS-pS+F中珠，(3分)mg2mgF【解折J1)电子在电场中加速有2eU=mud(2分)2mg+2pS+F=2poS解得F=4mg在磁场【中，由几何关系可得r=Rtan22.5°=0.4R心元时国的夹(I【案誉】，p=p-8(2分)Ben-n(2分)由此可知假设成立，初始时杆的弹力表现为支持力，大小为4mg,气体的压强为p解得B-5VeCm-3mgeR(1分)()温度降低活塞缓慢上升，此过程为等压变化，在初始状态的体积为(2)电子经过电场加速后进人I和Ⅱ区的速度为)、？，则V=3LS中2el-2mv 4eU-2m()(食同面U一八0)8((4分)末状态的气体体积为V,=4LS指时，大的点9中旅酒【理科综合（五），物理答案，第2页（共4页】
本文标签：