江西省2025年学考总复习•试题猜想•九年级模拟试题（八）物理答案
由右手旋定则可知，B线图的上端相当于做加速运动，故由图像可知图3的脉冲电流电源的负视、则α点的电势低于6点的电这段时间内感应电流恒定不变,A项正确，Ba、b两点间的电势差U=12R峰值不断增大，说明强磁体的速度在增大，棒中的电流从6流向a，A项错误；由题图2，D项错误。端移动,回路总电阻减小，总电流增大，电源的4Ro与玻璃管中磁体的运动情况相符，A项正项错误。0~时间内,感应电流恒定不变，【训练4】A【解析】由安培定则可知，故U=BI²@,A项正确，B,C、D三项错误。确；在铝管中下落，脉冲电流的峰值一样，磁路端电压减小，故小灯泡将变暗，D项正确。根据安培力公式F=BIL 可知,则 FocB,根据线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd 所通量的变化率相同，故小磁体做匀速运动，B【例2】AC【解析】根据楞次定律可知，线圈【巩固训练3】AD法拉第电磁感应定律得E楞次定律推广含义“来拒去留”可知，线框 cd在处的磁感线方向均向下，当滑动变阻器的【解析】PM刚进入项错误；在玻璃管中下落，玻璃管为绝缘体，滑片向左滑动时，螺线管中电流增大，因此线圈的脉冲电流峰值增大，电流不断在变边所受安培力先向右后向左，同理可知，～3V，则回路中的电流I==1A,t=1s磁场时的有效切割邀场变强，即磁感应强度变大，穿过回路的化，故小磁体受到的电磁阻力在不断变化.C长度等于α，产生的律有E=BsBT 时间内,FocB,线框 cd 边所受安培力先向时磁感应强度为5 T，则ab棒所受安培力大一，稳定电流I=磁通量增大，由楞次定律知，感应电流方向项错误；强磁体分别从管的上端由静止释感应电动势E=#右后向左，C项错误，D项正确。小F=BIL=5N，B项错误；由左手定则Bau，感应电流 I=放，在铝管中，磁体在线圈间做匀速运动，玻EBπr【例4】BCD【解析】金属棒受到恒力作用开知，安培力方向垂直磁场方向向左上，则t=Bπr²受安培力方向向左，cd 棒所受安培力方向璃管中磁体在线圈间做加速运动，故用铝管4Ri,UR2=IR2=，方向沿进始做加速运动，运动以后由于切割磁感线，金#1 s时ab棒与导轨间的压力大小N=mg一个峰到最后一个峰的时4Rt向右，故ab 棒向左运动，cd 棒向右运动，A时测得的电流第一属棒受到安培力的作用，满足ma=F-Fcos 37°=6N，C项错误；由衡条件得，，电容器所带的电荷量Q=CUR2。时针方向,A项正确;NM 边所受的安培力间间隔比用玻璃管时的长，D项错误。=1 s时，ab 棒与导轨间的摩擦力f=项正确。【巩固训练5】BC【解析】当永久磁体随转【巩固训练5】C【解析】导体棒ab加速向Fsin 37=3N，又f=μN，解得μ=0.5,DCB0²2,B项错误；t 时刻之后,线圈两端终将做匀速运动，A项错误，B项正确；电动势左运动时，导体棒ab产生的感应电动势和轴转动时，产生转动的磁场，在铝盘中会产项正确。2t向下,PN 边所受的安培力大小F2=BIa=E=BLu，E随t变化的图线切线斜率越来越【例2】AC【解析】 对a、b棒整体分析，根生感应电流，这时永久磁体的磁场会对铝盘感应电流增大，由右手定则判断可知，ab中上的感应电流有力的作用，从而产生一个转，C项正确；小，最后 E 为定值，C项正确；通过电阻 R 的据能量守恒定律得W=△E+△E+Q。电流方向为ba，根据安培定则可知，M产B²a²u,方向垂直 PN 斜向下，线框所受安R动的力矩，使指针转动，由于弹簧游丝的反电荷量g=，结合前面的分析+Q，A项正确；对b棒分析，只有安培力生的磁场方向垂直于纸面向外，穿过N的时刻之后,R 两端的电压U=IR=做功，运用动能定理得W=△E，B项错力矩，指针稳定指在某一刻度上，A项错误，磁通量增大，所以线圈N要通过增大面积可知，D项正确。误；对a棒分析，拉力和安培力做功，运用动B项正确；该转速表利用了电磁感应原理，以阻碍磁通量的增大，线圈N需有扩张趋4t1At2【巩固训练5】C【解析】 如图所示，导体棒匀由楞次定律推论“来拒去留”可知，永久磁体能定理得W+WF=E，联立可得，安势，A项错误；同理分析可知，导体棒向右加【巩固训练3】BC【解析】金属棒 ab 处于静速转动，设速度为，设导体棒从A到C的过培力对a、b棒做功的代数和为Wr+Wm转动方向与铝盘转动方向相同，C项正确；速运动，线圈N需有扩张趋势，B项错误；C项错误；PM 进入磁场后，有效切割长度止状态，则金属棒ab 受到的安培力竖直向上，程，棒转过的角度为0，则导体棒垂直磁感线=E+△E-WF一（Q。+Q），所以永久磁体固定在转轴上，铝盘固定在指针轴导体棒向左减速运动，线圈N有收缩趋势，根据左手定则可知通过金属棒ab的电流方向方向的分速度u09，可知导体棒垂直磁逐渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流安培力对a、6棒做功的代数和的绝对值等上，铝盘和永久磁体没有被同一转轴带动，DC项正确；导体棒向左匀速运动，线圈N中由a 到b,根据楞次定律可知匀强磁场 B2的感线的分速度为余弦变化，根据左手定则可逐渐减小，D项正确。于a、b棒中产生的焦耳热之和，C项正确；a项错误。无感应电流产生，D项错误。磁感应强度均匀增加，A项错误；设金属棒ab【例3】D【解析】由题可知，开始时，开关S知，导体棒经过C点和C点关于P点的对称棒克服安培力做的功-Wra=△E+（Q培优课 13 电磁感应中的法拉第电磁感应中的电流为I，根据受力衡可得B,IL=mg，第2讲闭合，由于L的电阻很小，Q灯正常发光，P点时，电流方向发生变化，根据u=BLu⊥可+Q），D项错误。解得 I=0. 25 A,B项正确；设匀强磁场 B2的灯微亮；断开开关前，通过Q灯的电流远大电路与图像问题知,导体棒两端的电势差α随时间t变化的图【思维拓展】a、6棒以相同加速度共同向右加自感与涡流定律磁感应强度的变化率为k,则线圈产生的感应于通过P灯的电流；断开开关时，Q所在电像为余弦图像，C项正确。速，整个回路存在感应电流。基础自测【巩固训练2】BD 【解析】金属棒下滑到弯路未闭合，立即熄灭，由于自感，L中产生感次定律知电流方向为逆时针方向，A项错误；②变化③闭合④变化率①电磁感应应电动势，与 P 组成闭合回路，故 P 灯闪亮曲部分底端时，根据动能定理有mgh=设线框边长为L,线框出磁场的过程中，根据U大小形状匝数后再熄灭，D项正确。中的电流I==0. 25 A,联立解得kmu²，金属棒在磁场中运动时产生的感应判一判mR2R2【思维拓展】当开关S由断开变为闭合时，P、R(3）×（4）x=10 T/s,C项正确；断开 S之后,当金属棒 ab电动势E=BLu，金属受到的安培力F=(1）√(2)×Q两个灯泡同时亮，S闭合瞬间，L与P 灯由于线框出磁场过程中由左手定则可知线框基础技能掌握受力再次达到衡时下滑速度最大，设最大速BIL，当金属棒刚进人磁场时，感应电流最并联的总电流通过Q灯，而L中的电流很受到的安培力向左，则减小，线框做加速度BL√2gh，A项错误；1. (1)7166.8V（2)缆绳靠近绳系卫星一端磨尖课5电磁感应与力学的小，有电流通过 P、Q 构成的闭合回路，所以减小的减速运动，B项错误；由能量守恒定律大，分析可得I的电势高两个灯泡同时亮；开关S闭合之后，电路达得线框产生的焦耳热Q=FAL，其中线框进出mg,联立解得 =2.5 m/s,D项错误。综合问题金属棒穿过磁场区域的过程中，通过金属棒2.D3.D到稳定状态，由于L电阻很小，P灯逐渐熄磁场时均做减速运动，但其进磁场时的速度【例3】CD【解析】0~1s内产生的感应电动各点突破【【灭，电路的总电阻减小,Q 灯比开关 S 刚闭大，安培力大，产生的焦耳热多，C项错误；线【例1】B【解析】根据法拉第电磁感应定合时更亮。框在进和出的两过程中通过导线横截面的电框在磁场中运动时，有一段时间线框全部处整个过程由动能定理得mgh一WF#【巩固训练4】D【解析】闭合开关时，线圈应电动势 e2=1 V,A项错误;0~1 s内的感应于磁场中，磁通量没有发生变化，没有感应，E=BL，则联立μmgd=0，金属棒克服安培力做的功 Wr女荷量q=I，其中I=电流，线框不受安培力作用，此过程线框做=mgh-μmgd，金属棒中产生的焦耳热Q+1.,4²)×10-4 V=0.44 V,B项正确。流为零，A项错误；中电流等于自感线圈匀加速直线运动，即线框的 AB 边在进、出值),同理 1 s~5 s 内的感应电流大小iz=磁场之间的某一段过程做匀加速直线运动，应定律可得大圆线圈产生的感应电动势E中电流，自感线圈中电流从零开始逐渐增框的位移均为 L,则线框在进和出的两过程中1 A,方向为顺时针（正值），B项错误；ab边受由于线框的 AB 边进、出磁场时的速度大小项正确。大,最后趋于稳定，故中数据应为题图 2通过导线横截面的电荷量相等，D项正确。到的安培力大小F=nBiL，可知 0~1 s内 0≤相等，可知线框在通过磁场区域时先做减速gm²R2#t##中的6曲线，B项错误；断开开关前，两支路运动后有可能达到匀速再做匀加速运动，最【巩固训练3】（1）【思维拓展】gF<4 N，方向向下，1 s~3 s内0≤F≤2 N，方V2LOL中电流相等，刚断开开关时，回路中的电流【巩固训练1】A【解析】由题图可看出QA向向上，3s~5s内0≤F≤2N，方向向下，C后做减速运动同样可能匀速，在减速过程安(+)（)#t#t不变，故灯泡不会发生明显闪亮，而是逐渐培力大于水恒力，速度减小，感应电动势kS2，由线圈的绕线方式和楞次定律可得大、项正确；线圈产生的焦耳热Q=eit,0~1 s内熄灭，C项错误；t时刻，两支路中电压相A其中导体棒AC段不在磁场中，不切减小，感应电流减小，安培力减小，加速度减【解析】（1）线框匀速进人磁场时，受力小圆线圈产生的感应电动势方向相同，故线产生的热量为 4 J,1 s~5 s内产生的热量为等，电流相等，则电阻相等，即小灯泡与线圈小，即线框在通过磁场区域时先做加速度减4 J,D项正确。衡，受力情况如图所示。根据衡条件有圈中总的感应电动势大小E=E+5E2=的电阻相等，D项正确。误；根据以上分析可知9oA>0，A9c=【巩固训练4】AD 【解析]由题图2可知，0~小的减速运动有可能达到匀速后做匀加速F=Fe+mgsin0k(S+5S2)，D项正确。【例4】BD【解析】这个安检门是利用涡流0,则>9c,A项正确，D项错误。运动，再做加速度减小的减速运动最后有可【例2】C【解析】因为导体棒做匀速运动，时间内,先是垂直纸面向外的磁感应强度工作的，因而只能检查金属物品携带者，A【巩固训练2】CD【解析】由右手定则可知，能匀速，A、B两项错误；设AB边进、出磁场导体棒从位置①到③的过程，导体棒切割磁项错误，B项正确；若“门框”的线圈中通上减小，后是垂直纸面向里的磁感应强度增大，时的速度大小为v，CD 边进磁场时的速度感线的有效长度先增大后减小，由导体做切恒定电流，只能产生恒定磁场，它不能使块根据楞次定律可知，线框产生沿逆时针方向的大小为，则有F=ma，∞²=2al，∞²割磁感线产生感应电动势的公式E=BLo状金属产生电流，因而不能检查出金属物品向竖直向上，故油滴带正电，B项错误；将下极感应电流，根据法拉第电磁感应定律可知，感=（1）=可知，导体棒在线框接触点之间的感应电动携带者，C项错误；安检门工作时，既利用了板接地，上极板竖直向上移动，板间电场强度夯E先增大后减小，C项正确。其中F=BIL电磁感应现象，也利用了电流的磁效应，D减小，则下极板与P点的电势差减小，而UFP正确；线框进人磁场过程的均速度=【思维拓展】不变项正确。下-p=-p，故P点电势p将升高，A，导线框进人磁场过程的感应电动势的【巩固训练2】A 【解析】当ab边刚进入磁【例5】A【解析】强磁体在铝管中运动，铝E=BLU场时，ab 边切割磁感线，切割长度为两个端应强度减小，后是垂直纸面向外的磁感应强度管中会形成涡流，玻璃是绝缘体，故强磁体E=BLu回路总电阻R=2R，回路总电流！线框与木块通过细线相连，线框匀速进人盛点间的距离，即为a、6间的距离,则E=B在玻璃管中运动，玻璃管中不会形成涡流。增大，根据楞次定律可知，产生沿顺时针方向场时，木块匀速下降，根据衡条件有FT=【巩固训练1】D 【解析】 由楞次定律知 ab=B·=Br²;设每个边的电阻为R，强磁体在铝管中加速后很快达到衡状态，做匀速直线运动，而玻璃管中的磁体则一直25XKA·物理-HEB·A （47）25XKA·物理-HEB·A46
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